选调生考试用书中公2021河南省选调生选拔考试专用教材一本通 下载 pdf 百度网盘 epub 免费 2025 电子版 mobi 在线

《中公版·2021河南省选调生选拔考试专用教材：一本通》共分为二篇内容进行讲解。

上篇行政职业能力测验，包括数量关系、言语理解与表达、判断推理、资料分析、常识判断等内容。

下篇申论包括归纳概括题、综合分析题、提出对策题、贯彻执行题、文章论述题等内容。

本书每个章节针对核心考点配有经典例题详解，帮助考生快速掌握考点，不盲目复习，提高复习效率，做到科学备考，从而有效突破分数瓶颈！

章 数量关系——数学运算（2）

节 基础核心知识（2）

第二节 行程问题（7）

第三节 统计类问题（10）

第四节 其他应用类问题（14）

第五节 日常生活类问题（17）

第二章 言语理解与表达（20）

节 逻辑填空（20）

第二节 语句表达（26）

第三节 阅读理解（29）

第三章 判断推理——图形推理（42）

节 数量型图形推理（42）

第二节 特征型图形推理（47）

第三节 位置型图形推理（50）

第四节 组合型图形推理（52）

第五节 空间型图形推理（54）

第四章 判断推理——定义判断（57）

节 定义判断基础知识（57）

第二节 单定义判断（62）

第三节 多定义判断（65）

第五章 判断推理——逻辑判断（68）

节 必然性推理（68）

第二节 可能性推理（80）

第三节 智力推理（96）

第六章 判断推理——类比推理（101）

节 类比推理基础知识（101）

第二节 两词型和三词型类比推理（107）

第三节 对当型类比推理（109）

第七章 资料分析（111）

节 四大核心概念（111）

第二节 三大实战技巧（124）

第八章 常识判断（133）

节 政治（133）

第二节 法律（142）

第三节 科技与生活（154）

第四节 人文与历史（164）

第五节 国情与地理（174）

第六节 经济（179）

第七节 管理与公文（183）

章归纳概括题（190）

节 题型概述（190）

第二节 作答方法及真题点拨（196）

第二章 综合分析题（205）

节 题型概述（205）

第二节 作答方法及真题点拨（210）

第三章 提出对策题（221）

节 题型概述（221）

第二节 作答方法及真题点拨（225）

第四章 贯彻执行题（236）

节 题型概述（236）

第二节 作答方法及真题点拨（242）

第五章 文章论述题（257）

节 题型概述（257）

第二节 文章写作六大要素（265）

第三节 妙用修辞（296）

中公教育·全国分部一览表（300）

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上篇

行政职业能力测验

章 数量关系—— 数学运算

第二章 言语理解与表达

第三章 判断推理—— 图形推理

第四章 判断推理—— 定义判断

第五章 判断推理—— 逻辑判断

第六章 判断推理—— 类比推理

第七章 资料分析

第八章 常识判断

节 基础核心知识

数学运算通常为数学应用题，解题过程中，通常会利用基本的数学性质、公式及定理。其基础核心知识可分为代数基础知识和几何基础知识。

一、代数基础知识

（一）整除及其性质

整除及其性质涉及的均为整数，包括整除判定、整除性质、奇偶性与质合性、公因数与公倍数等，这部分内容有时在考试中单独考查，有时是解决其他问题的重要突破口。

1.整除判定

能被3整除：各位数字之和是3的倍数的数。例如8634，各位数字之和是21，21是3的倍数，所以8634能被3整除。

能被9整除：各位数字之和是9的倍数的数。例如2214，各位数字之和是9，9是9的倍数，所以2214能被9整除。

能被7整除：末三位数字与剩下的数之差能被7整除的数。例如535486，末三位为数字486，其余数字为535，535－486＝49，49能被7整除，所以535486能被7整除。

能被11整除：奇位数字之和与偶位数字之和的差能被11整除的数。例如1331，奇位数字之和为4，偶位数字之和为4，两者之差为0，0可以被11整除，所以1331可以被11整除。

2.整除性质

（1）如果数a能被b整除，数b能被c整除，则a能被c整除（可传递性）。例如42能被14整除，14能被7整除，则42能被7整除。

（2）如果数a、数b均能被c整除，则a＋b、a－b均能被c整除（可加减性）。例如21能被3整除，12能被3整除，则21＋12＝33能被3整除，21－12＝9能被3整除。

（3）如果数a能被c整除，m为任意整数，则a×m也能被c整除。例如16能被8整除，则16×3＝48也能被8整除。

（4）如果数a能同时被b、c整除，且b和c互质，则a能被b×c整除。例如12能同时被2、3整除，且2和3互质，则12能被2×3＝6整除。

（5）如果数a×b能被c整除，b、c互质，则a能被c整除。例如9×2能被3整除，2、3互质，则9能被3整除。

3.奇偶性与质合性

整数的划分主要有两种方式：奇数与偶数、质数与合数。其中前者是以能否被2整除来划分的，后者是从乘法的角度理解整数的。

（1）奇偶性。在进行加、减法运算时，计算结果的奇偶性规律为“同奇同偶则为偶，一奇一偶则为奇”，即：

偶数±偶数＝偶数，奇数±奇数＝偶数，偶数±奇数＝奇数

在进行乘法运算时，计算结果的奇偶性规律为“乘数有偶则为偶，乘数无偶则为奇”，即：

偶数×偶数＝偶数，偶数×奇数＝偶数，奇数×奇数＝奇数

（2）质合性。质数只能被1和它本身整除。合数除了1和它本身以外，还能被其他数字整除，且任何一个合数都能由多个质数相乘得到。

1既不是质数也不是合数，2是的偶质数。

4.公因数与公倍数

24能被3整除，3就是24的一个因数，同时，3也是36的一个因数，则称3是24和36的公因数。考试中常考查公因数，例如1、2、3、4、6、12都是24和36的公因数，其中公因数为12。当两个数的公因数为1时，这两个数互质。

480是48的倍数，也是60的倍数，则480是48和60的一个公倍数。考试中常考查小公倍数，例如48和60的小公倍数是240。

（二）余数及其性质

在整数的除法中，除了整除还有不能整除的情况，此时就会产生余数。在考试中，对余数的考查主要有同余特性、剩余问题。

1.同余特性

同余：两个整数a、b，若它们除以整数m所得的余数相同，则称a、b关于m同余。

【示例1】 24除以5余4，29除以5余4，余数均为4，则称24和29关于5同余。

同余特性：若A、B两数除以m所得的余数分别为a、b，则有如下规律：

A＋B与a＋b关于m同余

A－B与a－b关于m同余

A×B与a×b关于m同余

上述规律可以简记为“和与余数的和同余”“差与余数的差同余”“积与余数的积同余”。

【示例2】 12除以5余2，34除以5余4，则：

两个余数之和为6，6除以5余数为1。12＋34＝46，46除以5余数也是1。

两个余数之差为2，2除以5余数为2。34－12＝22，22除以5余数也是2。

两个余数之积为8，8除以5余数为3。34×12＝408，408除以5余数也是3。

2.剩余问题

“一个数除以3余2，除以5余3，除以7余2，则这个数小是多少？”如同此类问题，统称为剩余问题，在解决这类问题时一般可以直接将选项数字代入验证得出答案。

特殊的，当题目为“余同”“和同”“差同”的情况时，可直接根据既定结论进行作答。

“余同”是指所得余数相同，即一个数除以a余m，除以b余m，除以c余m。此时，满足条件的数字可以表示为[a，b，c]n＋m，简称“余同加余”。其中[a，b，c]表示a、b、c的小公倍数，n＝0，1，2，……视具体题目确定n的取值范围。

“和同”是指每组除数与余数的加和相同，即一个数除以a余x，除以b余y，除以c余z，且a＋x＝b＋y＝c＋z。记这个相同的加和为m，此时，满足条件的数字可以表示为[a，b，c]n＋m（n=0，1，2，……），简称“和同加和”。

“差同”是指每组除数与余数的差相同，即一个数除以a余x，除以b余y，除以c余z，且a－x＝b－y＝c－z。记这个相同的差为m，此时，满足条件的数字可以表示为[a，b，c]n－m（n=1，2，……），简称“差同减差”。

【示例3】 若一个数除以4余3，除以5余2，除以6余1。观察发现，4＋3＝5＋2＝6＋1＝7，即属于“和同”。4、5、6的小公倍数为60，则这个数可以表示为60n＋7（n＝0，1，2，……）。

二、几何基础知识

几何基础知识以平面几何与立体几何公式为主。平面几何涉及周长和面积，立体几何涉及表面积和体积。平面几何常用公式见下表：

立体几何常用公式见下表：

四件相同包装的快递包裹，装有不同重量的商品，每件和其他一件合称一次，得到的重量依次为8、9、10、11、12、13，已知4件空包裹的重量之和以及里面商品的重量之和均为质数，则重的两个包裹里的商品的总重量和为（ ）。

A.10 B.11

C.12 D.13

解析：由题意可知，每件包裹都称重了3次，则四个快递包裹的总重量为（8 9 10 11 12 13）÷3=21。空包裹之和以及里面商品的重量之和均为质数，相当于将21写成两个质数的和，故两个质数为一奇一偶，只能为2＋19。根据选项可知里面商品的重量之和为19，四个空包裹的重量之和为2。重的两个包裹质量之和为13，则其包裹里的商品的重量之和为13-2÷2=12。故本题选C。

某班学生不到５０人，在一次考试中，有的人得优，的人得良，的人及格，其余的均不及格，那么不及格的人数是（ ）。

Ａ．１人 Ｂ．２人

Ｃ．３人 Ｄ．４人

解析：由于得优、得良、及格的人数都为整数，所以班级的学生数是7、3、2的公倍数。

7、3、2两两互质，所以它们的小公倍数为2×3×7=42，又由该班学生不超过50人，可知该班学生有42人，那么不及格的有42×（１－－－）＝１人。故本题选A。

一个班学生分组做游戏，如果每组3人就多2人，每组5人就多3人，每组7人就多4人，问：这个班少有多少个学生？

A.38 B.41

C.47 D.53

解析：本题考查剩余问题，但不属于“余同”“和同”“差同”这三种特殊情况，我们可以直接将选项代入验证。从小的A项开始代入，A项不满足除以7余4，B、C两项不满足除以5余3，故本题选D。

一个盒子里有乒乓球100多个，如果每次取5个出来后剩下4个，每次取4个后剩3个，每次取3个后剩2个，那么每次取12个后剩多少个？

A.11

B.10

C.9

D.8

解析：题干条件相当于乒乓球总数除以5余4、除以4余3、除以3余2，是差同问题，根据“差同减差”可表示乒乓球总数。

3、4、5的小公倍数为60，则总数可以表示为60n-1。因为60是12的倍数，所以60n-1除以12的余数为11，即每次取12个后剩11个。故本题选A。

如图，AD=DB=DC=10厘米，那么，图中阴影部分的面积约是多少平方厘米？

A．109

B．110

C．107

D．110．25

解析：原图中4个阴影图形的面积不易计算，因此考虑将图形重新组合，使之成为规则图形。如下图所示进行旋转，由图形左右对称可知，当A点和B点重合时，G点和H点重合，阴影面积=半圆面积-内部三角形面积，即阴影面积=π×102-×10×10=50（π-1）≈50×（3.14-1）=107平方厘米。

故本题选C。

在数学运算中，代数基础知识更偏向于是一种解题技巧，它可以成为题干未明确给出的已知条件。在解题过程中恰当地使用，不仅可以减轻繁重的计算量，还能够化简复杂的思考过程，以缩短做题时间。

几何基础知识主要用来解决考试中遇到的几何问题，除了要熟记平面几何与立体几何的基本公式，还要能够灵活运用常用的几何性质及结论准确定位考点，快速得出答案。

第二节 行程问题

行程问题主要研究物体运动过程中速度、时间和路程三者之间的关系。核心公式：路程=速度×时间。

一、比例关系

根据行程问题核心公式，可得出如下比例关系：

（1）时间一定时，路程与速度成正比。

（2）速度一定时，路程与时间成正比。

（3）路程一定时，速度与时间成反比。

二、平均速度

平均速度的核心公式及相关结论如下：

（1）平均速度=总路程÷总时间。

（2）若物体前一半时间以速度v1运动，后一半时间以速度v2运动，则全程的平均速度为。

（3）若物体前一半路程以速度v1运动，后一半路程以速度v2运动，则全程的平均速度为。

三、相遇、追及问题

1.直线相遇与追及

直线相遇：两人从两地同时出发，沿同一直线相向运动，在某一时间点处于同一位置，即为两人相遇。相遇问题满足公式：

相遇路程＝速度和×相遇时间

直线多次相遇：当两人从两地同时出发，沿同一直线相向而行，且做往返运动时，就会涉及多次相遇。

如下图所示，甲、乙两人分别从A、B两地同时出发，记次相遇时，两人所走的路程和为AB的全程s；则第二次相遇时，两人所走的路程和为3s。

以此类推，可得如下结论：

（1）第n

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